(2019?崇明县二模)如图,已知椭圆x2a2+y2b2

2020-12-01 22:54:52 字数 8520 阅读 2431

1楼:匿名用户

(1)设f1(-c,0),f2(c,0),a(a,0),b(0,b)因为mf2⊥f1f2,所以点m坐标为m(c,ba)所以mf1

方程b2x-2acy+b2c=0

o到mf1距离d=bcb

+4ac=13

c,整理得2b4=a2c2所以a

=b+c

2b=a

c,解得a=2b

(2)设直线l方程为y=

2(x?b),直线与椭圆交于p(x1,y1),q(x2,y2),f1到直线pq的距离为h

解联立方程y=2

(x?b)

x+2y

=2b得5x2-8bx+2b2=0,pq=625b,h=26b

3所以s

△pqf=45

3b=203

所以b2=25,a2=50

∴椭圆方程为x

50+y

25=1

(3)设mf1=m,mf2=n,m+n=2a由余弦定理得cos∠f

mf=m

+n?4c

2mn=2b

mn?1

因为0<mn≤(m+n)

4=2b

,所以cos∠f1mf2≥0

当且仅当m=n=a=

2b,cos∠f

mf=0

由三角形内角及余弦单调性知有最大值∠f

mf=π2

(2011?乐山二模)如图,已知椭圆c:x2a2+y2b2=1 (a>b>0)的长轴ab长为4,离心率e=32,o为坐标原点,

2楼:夏兮颜

(1)由题设可得2a=

4,ca=3

2,解得a=2,c=

3,∴b=1.

∴椭圆c的方程为x4+y

=1.(2)设p(x0,y0),则x4+y=1.∵hp=pq,∴q(x0,2y0).∴oq=x+(2y

)=2.

∴q点在以o为圆心,2为半径的圆上.即q点在以ab为直径的圆o上.(3)设p(x0,y0)(x0≠±2),则q(x0,2y0),且x4+y

=1.又a(-2,0),∴直线aq的方程为y=2yx+2(x+2).

令x=2,得m(2,8yx+2

).又b(2,0),n为mb的中点,∴n(2,4yx+2).∴

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(2011?崇明县二模)如图,已知椭圆x2a2+y2b2=1...

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2015-02-10

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2015-02-10

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2015-02-10

如图,在平面直角坐标系xoy中,已知椭圆c:x2a2+y2b...

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2015-02-08

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(2011?重庆二模)如图,椭圆c:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左焦点为f(?23,0),上下顶点分别为a,b,已知

3楼:猴晾靖

解答:(i)解:由题意,c=23,

3b=c,∴b=2

∴a=b

+c=4

∴椭圆c的方程为x

16+y

14=1;

(ⅱ)证明:当α≠π2

时,设k=tanα,l:y=k(x+23)代入x16

+y14

=1,可得(1+4k2)x2+163k

x+48k2-16=0

设m(x1,y1),n(x2,y2),则x1+x2=-163k1+4k

,x1x2=48k

?161+4k

∴|x1-x2|=

(x+x

)?4xx=8

1+k1+4k

∴|mn|=

1+k|x

?x|=8(1+k

)1+4k

=8(1+tan

α)1+4tanα=8

4?3cos

α当α=π

2时,|mn|=2,8

4?3cos

α=2,∴|mn|=8

4?3cosα.

(2008?闸北区二模)如图,椭圆c:x2a2+y2b2=1(a>b>0),a1、a2为椭圆c的左、右顶点.(ⅰ)设f1为椭圆

4楼:手机用户

(ⅰ)设p(x,y),则xa

+yb=1,且f1(-c,0),

设f(x)=|pf1|2,则f(x)=(x+c)2+y2=cax

+2cx+c+b,

∴对称轴方程x=?a

c,由题意知,?a

c≤?a恒成立,

∴f(x)在区间[-a,a]上单调递增,

∴当x取-a、a时,函数分别取到最小值与最大值,

∴当且仅当椭圆c上的点p在椭圆的左、右顶点时|pf1|取得最小值与最大值;

(ⅱ)由已知与(ⅰ)得:a+c=3,a-c=1,解得a=2,c=1,∴b2=a2-c2=3,

∴椭圆的标准方程为x4+y

3=1.

(ⅲ)假设存在满足条件的直线l,设a(x1,y1),b(x2,y2),

联立y=kx+mx4

+y3=1.得,(3+4k2)x2+8mkx+4(m2-3)=0,则

△=64m

k?16(3+4k

)(m?3)=3+4k

?m>0x+x

=?8mk

3+4kx?x

=4(m

?3)3+4k

又∵yy

=(kx

+m)(kx

+m)=kxx

+mk(x

+x)+m

=3(m

?4k)

3+4k

,∵椭圆的右顶点为a2(2,0),aa2⊥ba2,∴k

aa?k

ba=-1,即yx

?2?yx?2

=?1,∴y1y2+x1x2-2(x1+x2)+4=0,

∴3(m

?4k)

3+4k

+4(m

?3)3+4k

+16mk

3+4k

+4=0,

化简得,7m2+16mk+4k2=0,

解得,m1=-2k,m

=?2k

7,且均满足3+4k2-m2>0,

当m1=-2k时,l的方程为y=k(x-2),直线过定点(2,0),与已知矛盾;

当m=?2k

7时,l的方程为y=k(x?2

7),直线过定点(2

7,0).

所以,直线l过定点,定点坐标为(2

7,0).

(2014?黄山二模)如图,已知椭圆x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左右焦点分别为f1,f2,短轴两个端点分别为a,b

5楼:匿名用户

(1)∵四边形f1af2b是边长为

2的正方形,∴a=2,b=c,

∵a2=b2+c2,∴b=c=2.

∴椭圆的方程为x4+y

2=1.

(2)判断om?

op是定值4.下面给出证明:

设m(2,m),p(s,t),c(-2,0).则直线cm的方程为:y=m

4(x+2),联立

y=m4

(x+2)x4

+y2=1,

化为(8+m2)x2+4m2x+4m2-32=0,∵直线与椭圆有两个交点,∴△=16m4-4(8+m2)(4m2-32)>0,化为1>0.

∴-2×s=4m

?328+m

,解得s=16?2m

8+m.

∴t=8m

8+m.∴m

(2012?资阳二模)如图,已知f1,f2是椭圆c:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左、右焦点,点p在椭圆c上,线段p

6楼:手机用户

f1p如下图所示:

则由切线的性质,则oq⊥pf2,

又由点q为线段pf2的中点,o为f1f2的中点∴oq∥f1p

∴pf2⊥pf1,

故|pf2|=2a-2b,

且|pf1|=2b,|f1f2|=2c,

则|f1f2|2=|pf1|2+|pf2|2得4c2=4b2+4(a2-2ab+b2)解得:b=23a

则c=53a

故椭圆的离心率为:53

故答案为:53.

(2010?徐州二模)如图,已知椭圆c的方程为:x2a2+y2b2=1(a>b>0),b是它的下顶点,f是其右焦点,bf

7楼:手机用户

依题意可知直线bp的方程为y=b

cx-b,

∵p恰好是bq的中点,∴xp=a2c,

∴yp=b(a

2c-1)代入椭圆方程得a4c

+(a2c

-1)2=1,

解得ac=3

,∴椭圆的离心率为ca=

33,故答案为33.

(2013?莱芜二模)如图,椭圆x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左、右焦点为f1、f2,上顶点a,离心率为12,点p为

8楼:镜花水月灬頒

|设直线pf1的斜率为k,则直线pf1的直线方程为y=k(x+c),即kx-y+kc=0∵s

△pfa

:s△pf

f=2:1

∴a到直线pf1的距离是f2到直线pf1的2倍∴|?b+kc|k+1

=2×|2kc|k+1

∴|-b+kc|=4|kc|

∵离心率为12,

∴ca=14

∴b=3

c∴|k?

3|=4|k|

∴k=-33

或k=

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(2012?南京二模)如图,在平面直角坐标系xoy中,椭圆c:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的离心率为32,以原点为

9楼:狼恋莫

(1)解:由题意,以原点为圆心,椭圆c的短半轴长为半径的圆与直线x-y+2=0相切,∴b=22=

2.因为离心率e=ca=

32,所以ba=1

2,所以a=2

2.所以椭圆c的方程为x8+y

2=1.

(2)证明:由题意可设m,n的坐标分别为(x0,y0),(-x0,y0),则直线pm的方程为y=y?1x

x+1,①

直线qn的方程为y=y

?2?x

x+2.②…(8分)

设t(x,y),联立①②解得x0=x

2y?3

,y0=3y?4

2y?3

.…(11分)

因为x8

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已知椭圆C:x2a2+y2b2 1(a b 0)的离心率是

1楼 蟬鳴初雪 解 由已知,可得ca 12ab 23a b c ,解得a 2,b 3 4分 故所求椭圆方程为x4 y 3 1 5分 证明 由 知a1 2,0 ,a2 2,0 ,f2 1,0 设p x,y0 x 2 ,则3x20 4y2 0 12 于是直线a1p方程为 y yx 2 x 2 ,令x 4...

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